Løsning af "4.grads" ligning

Det er en forklædt 2.-gradsligning i t = x² , som du selv er inde på. Man får så

(1/2)t² + t -2 = 0 med d = 5 , så t = (-1±√5)/(2·(1/2)) = -1±√5 .

Da t = x², må vi forkaste den negative rod for t, og dermed fås

x = ±√(-1+√5)

Jesus Christus,....Det er fordi jeg har beregnet d=4 på en eller anden måde...Men tak!

2) Dm(f) og Vm(f) er vel ]-∞;∞[, da man jo først og fremmest kan indsætte alle tal ind i funktionen?

#2

 ja Dm(f)  er  ]-∞;∞[,

vm(f) hvordan vil du få et mindre tal end -2...?

Det har du fuldstændig ret i, min fejl, det kan jeg også se tydeligt på min graf, hvor jeg har indsat funktionen.

Et lille spørgsmål;

Jeg skal angive ekstremumspunkter, og E_min er til at finde, men Emax? den fortsætter jo opad på grafen, så jeg kan ikke angive et konkret punkt?

#5 du er inde på noget af det rigtige, hvor meget siger differentialeregning og kontinuitet dig? (ved ikke om man har det på C-niveau)</o:p>

Hørt om det, aldrig regnet med det...Men går ud fra der ikke er noget Emax?

#7 kalder din funktion f(x).

 hmm ,så er vel det nok at observer at for x->±∞ går f(x) -> ∞   (skriv det med ord)

 ja din funktion har ikke noget maksimum.